PHP.SU

Программирование на PHP, MySQL и другие веб-технологии

PHP.SU Портал

Главная

Помощь

Поиск

Поиск Яндекс Вакансии

Пользователи

Здравствуйте, Гость

( Вход · Регистрация · Правила форума )

Забыли пароль?

LIKE в выражение

Форумы портала PHP.SU » PHP » Программирование на PHP » Работа с СУБД (Модераторы: OrmaJever, Саныч)

Страниц (2): [1] 2 »

Без описания

Поиск в теме | Версия для печати

romanov	Отправлено: 20 Декабря, 2011 - 17:20:28
Гость Покинул форум Сообщений всего: 112 Дата рег-ции: Нояб. 2011 Помог: 0 раз(а)	Очень буду благодарен тому кто подскажет как правильно синтаксически передать в выражение LIKE переменную из пост запроса , вот оно выражение: agents_user.name LIKE '%$_POST[name]%' - таким образом работает неправильно.

Bio man	Отправлено: 20 Декабря, 2011 - 17:24:56
Постоянный участник Покинул форум Сообщений всего: 2751 Дата рег-ции: Июль 2010 Откуда: Даугавпилс, Латвия Помог: 52 раз(а)	$name = mysql_real_escape_string($_POST[name]); LIKE '%$name%'

OrmaJever	Отправлено: 20 Декабря, 2011 - 17:29:31
Активный участник Покинул форум Сообщений всего: 7540 Дата рег-ции: Янв. 2010 Откуда: Чернигов Помог: 299 раз(а)	Ну и разумеется сам запрос должен быть в двойных кавычках. ----- Если вы хотя бы 3-4 раза не решите всё выкинуть и начать заново - вы явно что-то делаете не так.

Okula	Отправлено: 20 Декабря, 2011 - 17:30:54
Участник Покинул форум Сообщений всего: 1389 Дата рег-ции: Окт. 2010 Помог: 42 раз(а)	P.S. Если хочешь чтобы не сбивался шаблон по которому осуществляется поиск в БД, то тогда экранируй ещё символы % и _ PHP: скопировать код в буфер обмена $text = addcslashes($text, '_%');

romanov	Отправлено: 20 Декабря, 2011 - 17:38:41
Гость Покинул форум Сообщений всего: 112 Дата рег-ции: Нояб. 2011 Помог: 0 раз(а)	как вы написали не работает, вот если передать конкретную строку результаты есть agents_user.name LIKE '%Юд%', но мне надо из массива POST вот sql код с вашими исправлениями: CODE (SQL): скопировать код в буфер обмена $name = $db->real_escape_string($_POST["name"]); $result = $db->query(" SELECT agents_user.name FROM agents_user WHERE agents_user.name LIKE '%$name%' LIMIT 5 " );

Bio man	Отправлено: 20 Декабря, 2011 - 17:44:02
Постоянный участник Покинул форум Сообщений всего: 2751 Дата рег-ции: Июль 2010 Откуда: Даугавпилс, Латвия Помог: 52 раз(а)	а так? CODE (SQL): скопировать код в буфер обмена SELECT `agents_user`.`name` FROM `agents_user` WHERE `agents_user`.`name` LIKE '%$name%' LIMIT 5

romanov	Отправлено: 20 Декабря, 2011 - 17:46:30
Гость Покинул форум Сообщений всего: 112 Дата рег-ции: Нояб. 2011 Помог: 0 раз(а)	так тоже не работает

Bio man	Отправлено: 20 Декабря, 2011 - 17:48:59
Постоянный участник Покинул форум Сообщений всего: 2751 Дата рег-ции: Июль 2010 Откуда: Даугавпилс, Латвия Помог: 52 раз(а)	запрос хоть выполняется? проверь на ошибки

romanov	Отправлено: 20 Декабря, 2011 - 17:56:35
Гость Покинул форум Сообщений всего: 112 Дата рег-ции: Нояб. 2011 Помог: 0 раз(а)	запрос выполняется, сервер возвращает пусто, ошибок sql вроде нет. Как правильно проверить на SQL ошибки в этом запросе

Bio man	Отправлено: 20 Декабря, 2011 - 17:58:15
Постоянный участник Покинул форум Сообщений всего: 2751 Дата рег-ции: Июль 2010 Откуда: Даугавпилс, Латвия Помог: 52 раз(а)	mysql_error() типо так $res = mysql_query($sql) or die(mysql_error())

romanov	Отправлено: 20 Декабря, 2011 - 17:59:55
Гость Покинул форум Сообщений всего: 112 Дата рег-ции: Нояб. 2011 Помог: 0 раз(а)	Вот так написал ошибок нет, результата тоже нет: CODE (SQL): скопировать код в буфер обмена $name = $db->real_escape_string($_POST["name"]); $result = $db->query(" SELECT `agents_user`.`name` FROM `agents_user` WHERE `agents_user`.`name` LIKE '%$name%' LIMIT 5 " )OR die ($db->error() );

Bio man	Отправлено: 20 Декабря, 2011 - 18:02:15
Постоянный участник Покинул форум Сообщений всего: 2751 Дата рег-ции: Июль 2010 Откуда: Даугавпилс, Латвия Помог: 52 раз(а)	и для полного букета вынеси запрос в переменную и выведи ее. типо так echo $sql (Добавление) и убедись, что в таблице есть соответствующие записи (Добавление) и попробуй экранировать, типо так LIKE '%{$name}%'

romanov	Отправлено: 20 Декабря, 2011 - 18:04:36
Гость Покинул форум Сообщений всего: 112 Дата рег-ции: Нояб. 2011 Помог: 0 раз(а)	Catchable fatal error: Object of class mysqli_result could not be converted to string (Добавление) Если написать такой запрос `agents_user`.`name` LIKE '%Юд%' то записи из базы выдаются

Bio man	Отправлено: 20 Декабря, 2011 - 18:08:08
Постоянный участник Покинул форум Сообщений всего: 2751 Дата рег-ции: Июль 2010 Откуда: Даугавпилс, Латвия Помог: 52 раз(а)	romanov, в следствии чего ошибка? в mysqli что бы получить текст ошибки нужно прописать так $db->error, error это свойство (Отредактировано автором: 20 Декабря, 2011 - 18:09:08)

romanov	Отправлено: 20 Декабря, 2011 - 18:09:29
Гость Покинул форум Сообщений всего: 112 Дата рег-ции: Нояб. 2011 Помог: 0 раз(а)	ошибок sql нет, я так прописал с самого начала

Поиск в теме | Версия для печати

Страниц (2): [1] 2 »

Сейчас эту тему просматривают: 0 (гостей: 0, зарегистрированных: 0)

« Работа с СУБД »

Все гости форума могут просматривать этот раздел.
Только зарегистрированные пользователи могут создавать новые темы в этом разделе.
Только зарегистрированные пользователи могут отвечать на сообщения в этом разделе.