PHP.SU

Программирование на PHP, MySQL и другие веб-технологии

PHP.SU Портал

Главная

Помощь

Поиск

Поиск Яндекс Вакансии

Пользователи

Здравствуйте, Гость

( Вход · Регистрация · Правила форума )

Забыли пароль?

Почему могут не работать filetype() is_file() is_dir() и lstat()?

Форумы портала PHP.SU » PHP » Программирование на PHP » Операционная система и системные вызовы (Модераторы: OrmaJever, Саныч)

Страниц (1): [1]

Без описания

Поиск в теме | Версия для печати

Lasana	Отправлено: 23 Мая, 2011 - 02:24:21
Новичок Покинул форум Сообщений всего: 2 Дата рег-ции: Май 2011 Помог: 0 раз(а)	Здравствуйте! Мне нужно выполнить такую простую задачу: сосканировать имена файлов из папки на сервере и вывести имена директорий в одну колонку, а имена файлов - в другую (ну типа как в файл-менеджере) Открываю папку: $dir_files=scandir($dirname) И тут начинает нечто непонятное: пытаюсь функцией filetype ($dir_files[$i]) определить, что у меня файл или папка - мне выдаётся Warning: filetype() [function.filetype]: stat failed for filename.jpg (ну и т.д. и т.п.) пробую is_dir и is_file - оно "видит" только одну папку: корневой каталог, остальные все считает файлами lstat () и stat () выдают те же варнинги Почему такое может быть?

komprenda	Отправлено: 23 Мая, 2011 - 04:53:55
Гость Покинул форум Сообщений всего: 105 Дата рег-ции: Май 2011 Помог: 3 раз(а)	Lasana пишет: Здравствуйте! Мне нужно выполнить такую простую задачу: сосканировать имена файлов из папки на сервере и вывести имена директорий в одну колонку, а имена файлов - в другую (ну типа как в файл-менеджере) Открываю папку: $dir_files=scandir($dirname) И тут начинает нечто непонятное: пытаюсь функцией filetype ($dir_files[$i]) определить, что у меня файл или папка - мне выдаётся Warning: filetype() [function.filetype]: stat failed for filename.jpg (ну и т.д. и т.п.) пробую is_dir и is_file - оно "видит" только одну папку: корневой каталог, остальные все считает файлами lstat () и stat () выдают те же варнинги Почему такое может быть? нужно полный путь до файла указывать, а не только передавать его имя filetype($dirname . "/" . $dir_files[$i])

ugin_root	Отправлено: 23 Мая, 2011 - 09:00:23
Частый гость Покинул форум Сообщений всего: 134 Дата рег-ции: Май 2011 Откуда: Киргизия Помог: 5 раз(а)	PHP: скопировать код в буфер обмена $dirs = @opendir( $path ) or die( 'Нет доступа к каталогу.' ); while( $dir = readdir( $dirs ) ) { $dir_name = $path . '/' . $dir; if( !is_file( $dir_name ) ) {//папки echo "Каталог: " . $dir . "\n"; } else {//файлы $size = filesize($dir_name); echo "Файл: " . $dir . " Размер (byte): " . $size; } } (Добавление) не помню почему именно, но я не стал юзать scandir вместо неё opendir (Добавление) обрати внимание на строку под номером 4

Lasana	Отправлено: 23 Мая, 2011 - 11:55:02
Новичок Покинул форум Сообщений всего: 2 Дата рег-ции: Май 2011 Помог: 0 раз(а)	[quote=komprenda] Lasana пишет: Здравствуйте! нужно полный путь до файла указывать, а не только передавать его имя filetype($dirname . "/" . $dir_files[$i]) О! Спасибо! Сработало! (Добавление) ugin_root пишет: PHP: скопировать код в буфер обмена $dirs = @opendir( $path ) or die( 'Нет доступа к каталогу.' ); while( $dir = readdir( $dirs ) ) { $dir_name = $path . '/' . $dir; if( !is_file( $dir_name ) ) {//папки echo "Каталог: " . $dir . "\n"; } else {//файлы $size = filesize($dir_name); echo "Файл: " . $dir . " Размер (byte): " . $size; } } (Добавление) не помню почему именно, но я не стал юзать scandir вместо неё opendir (Добавление) обрати внимание на строку под номером 4 Спасибо!! Работает!!

Поиск в теме | Версия для печати

Страниц (1): [1]

Сейчас эту тему просматривают: 0 (гостей: 0, зарегистрированных: 0)

« Операционная система и системные вызовы »

Все гости форума могут просматривать этот раздел.
Только зарегистрированные пользователи могут создавать новые темы в этом разделе.
Только зарегистрированные пользователи могут отвечать на сообщения в этом разделе.