Warning: Cannot use a scalar value as an array in /home/admin/public_html/forum/include/fm.class.php on line 757

Warning: Invalid argument supplied for foreach() in /home/admin/public_html/forum/include/fm.class.php on line 770

Warning: Invalid argument supplied for foreach() in /home/admin/public_html/forum/topic.php on line 737
Форумы портала PHP.SU :: Загрузка файлов и запись в БД

PHP.SU

Программирование на PHP, MySQL и другие веб-технологии

PHP.SU Портал

Главная

Помощь

Поиск

Поиск Яндекс Вакансии

Пользователи

Здравствуйте, Гость

( Вход · Регистрация · Правила форума )

Забыли пароль?

Загрузка файлов и запись в БД

Форумы портала PHP.SU » PHP » Программирование на PHP » Работа с файловой системой и файлами (Модераторы: OrmaJever, Саныч)

Страниц (1): [1]

Без описания

Поиск в теме | Версия для печати

redNek	Отправлено: 23 Мая, 2012 - 23:16:14
Новичок Покинул форум Сообщений всего: 19 Дата рег-ции: Май 2012 Откуда: Минск Помог: 0 раз(а)	Подскажите, какой самый корректный способ записать имя загруженного файла в БД.

Crate	Отправлено: 24 Мая, 2012 - 08:43:52
Посетитель Покинул форум Сообщений всего: 312 Дата рег-ции: Янв. 2012 Помог: 4 раз(а)	redNek пишет: самый корректный способ redNek пишет: записать имя загруженного файла ----- Интернет-магазин.

Muxa	Отправлено: 24 Мая, 2012 - 08:44:58
Частый гость Покинул форум Сообщений всего: 247 Дата рег-ции: Март 2012 Откуда: Россия, Тверь Помог: 5 раз(а)	(Добавление) все гениальное просто - просто запишите полное имя файла в базу инсертом)

avtor.fox	Отправлено: 24 Мая, 2012 - 09:08:56
Постоянный участник Покинул форум Сообщений всего: 2083 Дата рег-ции: Март 2012 Откуда: Воронеж Помог: 50 раз(а)	redNek, смотря что Вы хотите делать с этими "названиями". Если Вам просто нужно знать что картинки есть, пишите название файла вместе с его расширением в базу при загрузке на сервер, а потом просто при выводе тяните название. Если что-то на подобии галереи, то клепаете табличку с id=>name=>link=>href=>description=>timestamp и пишите в неё свои картинки.

redNek	Отправлено: 24 Мая, 2012 - 09:59:00
Новичок Покинул форум Сообщений всего: 19 Дата рег-ции: Май 2012 Откуда: Минск Помог: 0 раз(а)	Crate пишет: redNek пишет: самый корректный способ redNek пишет: записать имя загруженного файла Ну да, спать надо было лечь вчера пораньше )

kappa	Отправлено: 24 Мая, 2012 - 11:08:27
Посетитель Покинул форум Сообщений всего: 349 Дата рег-ции: Апр. 2011 Помог: 3 раз(а)	Ничего толком не понять от вопроса Создайте такую форму, загрузите файл и посмотрите на вывод PHP: скопировать код в буфер обмена <?PHP print_r($_FILES) ?> <form method="POST"> <input type="file" name="myfile"> <button>Загрузить</button> </form> А для уникальности можно добавить time();

Crate	Отправлено: 24 Мая, 2012 - 12:54:09
Посетитель Покинул форум Сообщений всего: 312 Дата рег-ции: Янв. 2012 Помог: 4 раз(а)	kappa пишет: <?PHP print_r($_FILES) ?> <form method="POST"> <input type="file" name="myfile"> <button>Загрузить</button> </form> И ничего у вас не выйдет. Надо так: CODE (text): скопировать код в буфер обмена <?PHP print_r($_FILES); ?> <form action="<?=$_SERVER['PHP_SELF']?>" method="POST" enctype=multipart/form-data> <input type="file" name="myfile"> <button type="submit">Загрузить</button> </form> (Отредактировано автором: 24 Мая, 2012 - 12:56:42) ----- Интернет-магазин.

redNek	Отправлено: 24 Мая, 2012 - 16:52:52
Новичок Покинул форум Сообщений всего: 19 Дата рег-ции: Май 2012 Откуда: Минск Помог: 0 раз(а)	Crate пишет: И ничего у вас не выйдет. Надо так: CODE (text): скопировать код в буфер обмена <?PHP print_r($_FILES); ?> <form action="<?=$_SERVER['PHP_SELF']?>" method="POST" enctype=multipart/form-data> <input type="file" name="myfile"> <button type="submit">Загрузить</button> </form> Это не проблема, картинки грузятся на сервер, все ок. Мне же надо выводить картинку, а для этого записать имя файла в базу. Есть таблица с колнками id, alias, header, content, image, type. Вот в колонку image и надо писать имя. Просто есть не одна таблица, надо еще и текстовые документы грузить и еще картинки. Хотелось бы чего-то универсальней, чем прямо прописать, что надо записать имя в конкретную колонку. Картинку называю по полю alias, т.к. оно уникальное, тут тоже вопросов нет и зайдя в каталог легко понять к какой записи картинка относится. Есть еще нюанс, в зависимости от type картинки в разные каталоги забрасываются. Можно ли избавится вот от этого кода: PHP: скопировать код в буфер обмена switch($_POST['type']) { case "12": $link="main-news"; break; case "15": $link="company-news"; break; case "14": $link="economics-area"; break; case "13": $link="economics-news"; break; } Не записывая в type имя каталога? (Отредактировано автором: 24 Мая, 2012 - 17:00:33)

redNek	Отправлено: 26 Мая, 2012 - 00:56:56
Новичок Покинул форум Сообщений всего: 19 Дата рег-ции: Май 2012 Откуда: Минск Помог: 0 раз(а)	Вопрос еще. То, что массив $_FILES создается всегда, даже если пользователь оставил пустое поле, нормально? Хотелось бы вызывать нужную функцию только тогда, когда массив существует.

LIME	Отправлено: 26 Мая, 2012 - 07:06:30
Активный участник Покинул форум Сообщений всего: 10732 Дата рег-ции: Нояб. 2010 Помог: 322 раз(а)	PHP: скопировать код в буфер обмена !empty($_FILES)

redNek	Отправлено: 26 Мая, 2012 - 16:13:07
Новичок Покинул форум Сообщений всего: 19 Дата рег-ции: Май 2012 Откуда: Минск Помог: 0 раз(а)	LIME пишет: PHP: скопировать код в буфер обмена !empty($_FILES) Я так и сделал с самого начала - не сработало, посмотрел в чем проблема: при пустом поле выбора файла все-равно создается массив: Array ( [image] => Array ( [name] => [type] => [tmp_name] => [error] => 4 [size] => 0 ) ). Откуда ошибки загрузки, если ничего не грузилось?

LIME	Отправлено: 26 Мая, 2012 - 16:20:13
Активный участник Покинул форум Сообщений всего: 10732 Дата рег-ции: Нояб. 2010 Помог: 322 раз(а)	значит надо проверять на $_FILES[error] == 4 хз...я всегда знал имя файла загружаемого пока

redNek	Отправлено: 26 Мая, 2012 - 16:34:57
Новичок Покинул форум Сообщений всего: 19 Дата рег-ции: Май 2012 Откуда: Минск Помог: 0 раз(а)	LIME пишет: значит надо проверять на $_FILES[error] == 4 хз...я всегда знал имя файла загружаемого пока PHP: скопировать код в буфер обмена if($_FILES[$type]['error'] == 0){ … } Так сделал, для работы достаточно.

LIME	Отправлено: 26 Мая, 2012 - 16:39:07
Активный участник Покинул форум Сообщений всего: 10732 Дата рег-ции: Нояб. 2010 Помог: 322 раз(а)	из мануала CODE (html): скопировать код в буфер обмена <form action="" method="post" enctype="multipart/form-data"> <p>Изображения: <input type="file" name="pictures[]" /> <input type="file" name="pictures[]" /> <input type="file" name="pictures[]" /> <input type="submit" value="Отправить" /> </p> </form> PHP: скопировать код в буфер обмена <?PHP foreach ($_FILES["pictures"]["error"] as $key => $error) { if ($error == UPLOAD_ERR_OK) { $tmp_name = $_FILES["pictures"]["tmp_name"][$key]; $name = $_FILES["pictures"]["name"][$key]; move_uploaded_file($tmp_name, "data/$name"); } } ?> (Отредактировано автором: 26 Мая, 2012 - 16:41:27)

htcsc	Отправлено: 04 Мая, 2015 - 16:58:56
Новичок Покинул форум Сообщений всего: 15 Дата рег-ции: Апр. 2015 Помог: 0 раз(а)	ш (Отредактировано автором: 04 Мая, 2015 - 17:04:32)

Поиск в теме | Версия для печати

Страниц (1): [1]

Сейчас эту тему просматривают: 0 (гостей: 0, зарегистрированных: 0)

« Работа с файловой системой и файлами »

Все гости форума могут просматривать этот раздел.
Только зарегистрированные пользователи могут создавать новые темы в этом разделе.
Только зарегистрированные пользователи могут отвечать на сообщения в этом разделе.