PHP.SU

Программирование на PHP, MySQL и другие веб-технологии

PHP.SU Портал

Главная

Помощь

Поиск

Поиск Яндекс Вакансии

Пользователи

Здравствуйте, Гость

( Вход · Регистрация · Правила форума )

Забыли пароль?

Если папка с изображением пуста, то выводим " нет фото"

Форумы портала PHP.SU » PHP » Программирование на PHP » Вопросы новичков (Модераторы: OrmaJever, Саныч, Строитель)

Страниц (1): [1]

Без описания

Поиск в теме | Версия для печати

zapatronen	Отправлено: 24 Августа, 2017 - 15:20:59
Гость Покинул форум Сообщений всего: 103 Дата рег-ции: Июль 2011 Помог: 0 раз(а)	Приветствую! Картики выводятся, но не могу понять почему если картинок не найдено, то есть получаю NULL, то заданная ссылка на картинку, которая символизирует отсутствие фото не выводится PHP: скопировать код в буфер обмена function catfoto($dir){ $filename="image/$dir"; $foto= scandir("image/$dir/"); if($foto!=NULL){ foreach ( $foto as $img){ if($img== "." or $img == "..") continue; $imgdir="/$filename/$img"; } }else{ $imgdir="<img src='/image/NOFOTO.png'>" } echo '<IMG src="'.$imgdir.'">'; } (Отредактировано автором: 24 Августа, 2017 - 15:21:28)

Строитель	Отправлено: 24 Августа, 2017 - 15:35:36
Участник Покинул форум Сообщений всего: 1580 Дата рег-ции: Февр. 2014 Откуда: Украина Помог: 73 раз(а)	zapatronen, на первый взгляд -- у вас в этой строке ошибка: PHP: скопировать код в буфер обмена $imgdir = "<img src='/image/NOFOTO.png'>" // Нет точки с запятой И ещё сравнение в этой строке с NULL: PHP: скопировать код в буфер обмена if($foto!=NULL){ а в документации говорится, что scandir() возвращает типы array или false. (Добавление) Судя по наличию синтаксических ошибок, можно сделать вывод, что вы пишете код в простом блокноте. Если это так, то установите любую интегрированную среду разработки (IDE), и подобные ошибки вы будете выявлять самостоятельно, в процессе написания кода.

zapatronen	Отправлено: 24 Августа, 2017 - 15:47:18
Гость Покинул форум Сообщений всего: 103 Дата рег-ции: Июль 2011 Помог: 0 раз(а)	Строитель пишет: zapatronen, на первый взгляд -- у вас в этой строке ошибка: PHP: скопировать код в буфер обмена $imgdir = "<img src='/image/NOFOTO.png'>" // Нет точки с запятой И ещё сравнение в этой строке с NULL: PHP: скопировать код в буфер обмена if($foto!=NULL){ а в документации говорится, что scandir() возвращает типы array или false. (Добавление) Судя по наличию синтаксических ошибок, можно сделать вывод, что вы пишете код в простом блокноте. Если это так, то установите любую интегрированную среду разработки (IDE), и подобные ошибки вы будете выявлять самостоятельно, в процессе написания кода. точку с запятой в процессе оформления поста случайно стер, а NULL меня ли на false, все равно одно и то же, там где у товара нет картини приходит пустое место, где картинки есть все нормально выводится var_dump показывает для папок без картинок: array(2){[0]=>string"." [1]=>string(2) ".."} А с фото: array(2){[0]=>string"." [1]=>string(2) ".." [2] => string(10) "to-220.jpg"} У меня предчувствие, что эти точки определяются как не пустой каталог а как какие то файлы ?

Строитель	Отправлено: 24 Августа, 2017 - 15:52:07
Участник Покинул форум Сообщений всего: 1580 Дата рег-ции: Февр. 2014 Откуда: Украина Помог: 73 раз(а)	zapatronen, я думаю, что у вас не много не правильно организована логика скрипта в теле функции. Давайте уточним, что вам необходимо? Прочитать какую-то директорию, и вывести список картинок в виде текста (в виде названий файлов)?

zapatronen	Отправлено: 24 Августа, 2017 - 15:54:01
Гость Покинул форум Сообщений всего: 103 Дата рег-ции: Июль 2011 Помог: 0 раз(а)	Строитель пишет: zapatronen, я думаю, что у вас не много не правильно организована логика скрипта в теле функции. Давайте уточним, что вам необходимо? Прочитать какую-то директорию, и вывести список картинок в виде текста (в виде названий файлов)? прочитать директорию, если там есть изображение, то выводить одно любое если директория пуста то выводить картинку, которая говорит "что фото товара нету" (Отредактировано автором: 24 Августа, 2017 - 15:54:44)

Строитель	Отправлено: 24 Августа, 2017 - 16:15:55
Участник Покинул форум Сообщений всего: 1580 Дата рег-ции: Февр. 2014 Откуда: Украина Помог: 73 раз(а)	zapatronen пишет: Строитель пишет: zapatronen, я думаю, что у вас не много не правильно организована логика скрипта в теле функции. Давайте уточним, что вам необходимо? Прочитать какую-то директорию, и вывести список картинок в виде текста (в виде названий файлов)? прочитать директорию, если там есть изображение, то выводить одно любое если директория пуста то выводить картинку, которая говорит "что фото товара нету" Посмотрите на результат этого примера (расширения искомых файлов, при необходимости, подправьте на свои) Спойлер (Отобразить) PHP: скопировать код в буфер обмена // Укажите расширения файлов через запятую (без пробелов!) // например, искать только png и jpg $file = '{.png,.jpg}'; // Директория для поиска $dir = '/image/'; function catfoto($fileName, $dirName) { $path = $dirName . $fileName; $arr = glob($path, GLOB_BRACE); if (empty($arr)) return '<img src="/image/NOFOTO.png">'; return $arr; } echo '<pre>'; var_dump(catfoto($file, $dir)); echo '</pre>'; (Добавление) zapatronen, вообще было бы правильнее в пользовательской функции возвращать или массив с названиями файлов (в случае успешного поиска), или false (в случае отсутствия совпадений). И тогда функция примет такой вид: Спойлер (Отобразить) PHP: скопировать код в буфер обмена <?PHP // Укажите расширения файлов через запятую (без пробелов!) // например, искать только png и jpg $file = '{.png,.jpg}'; // Директория для поиска $dir = '/images/'; function catFoto($fileName, $dirName) { $path = $dirName . $fileName; $arr = glob($path, GLOB_BRACE); if (empty($arr)) return false; return $arr; } // Использование $catfoto = catFoto($file, $dir); // Если найдены файлы if ($catfoto) { $view = ''; // Соберём из них строку с помощью цикла foreach ($catfoto as $img) { $view .= '<img src="'. $img .'"><br />'; } } else { // Если файлы не найдены, вернём картинку по умолчанию $view = '<img src="/image/NOFOTO.png">'; } echo $view;

zapatronen	Отправлено: 24 Августа, 2017 - 19:41:24
Гость Покинул форум Сообщений всего: 103 Дата рег-ции: Июль 2011 Помог: 0 раз(а)	Строитель пишет: zapatronen пишет: Строитель пишет: zapatronen, я думаю, что у вас не много не правильно организована логика скрипта в теле функции. Давайте уточним, что вам необходимо? Прочитать какую-то директорию, и вывести список картинок в виде текста (в виде названий файлов)? прочитать директорию, если там есть изображение, то выводить одно любое если директория пуста то выводить картинку, которая говорит "что фото товара нету" Посмотрите на результат этого примера (расширения искомых файлов, при необходимости, подправьте на свои) Спойлер (Отобразить) PHP: скопировать код в буфер обмена // Укажите расширения файлов через запятую (без пробелов!) // например, искать только png и jpg $file = '{.png,.jpg}'; // Директория для поиска $dir = '/image/'; function catfoto($fileName, $dirName) { $path = $dirName . $fileName; $arr = glob($path, GLOB_BRACE); if (empty($arr)) return '<img src="/image/NOFOTO.png">'; return $arr; } echo '<pre>'; var_dump(catfoto($file, $dir)); echo '</pre>'; (Добавление) zapatronen, вообще было бы правильнее в пользовательской функции возвращать или массив с названиями файлов (в случае успешного поиска), или false (в случае отсутствия совпадений). И тогда функция примет такой вид: Спойлер (Отобразить) PHP: скопировать код в буфер обмена <?PHP // Укажите расширения файлов через запятую (без пробелов!) // например, искать только png и jpg $file = '{.png,.jpg}'; // Директория для поиска $dir = '/images/'; function catFoto($fileName, $dirName) { $path = $dirName . $fileName; $arr = glob($path, GLOB_BRACE); if (empty($arr)) return false; return $arr; } // Использование $catfoto = catFoto($file, $dir); // Если найдены файлы if ($catfoto) { $view = ''; // Соберём из них строку с помощью цикла foreach ($catfoto as $img) { $view .= '<img src="'. $img .'"><br />'; } } else { // Если файлы не найдены, вернём картинку по умолчанию $view = '<img src="/image/NOFOTO.png">'; } echo $view; Спасибо воспользовался некоторыми подсказками в коде и сделал так все получилось: PHP: скопировать код в буфер обмена $filename="image/$dir"; $foto= scandir("$filename"); $foto = preg_grep("/\.(?:png\|gif\|jpe?g)$/i", $foto); print_r($foto); if(!empty($foto)){ foreach ( $foto as $img){ $imgdir="/$filename/$img"; } }elseif(empty($foto)){ $imgdir="/image/now_uss_eshop_cover_200x200.png"; } echo '<IMG src="'.$imgdir.'">'; }

Поиск в теме | Версия для печати

Страниц (1): [1]

Сейчас эту тему просматривают: 0 (гостей: 0, зарегистрированных: 0)

« Вопросы новичков »

Все гости форума могут просматривать этот раздел.
Только зарегистрированные пользователи могут создавать новые темы в этом разделе.
Только зарегистрированные пользователи могут отвечать на сообщения в этом разделе.