PHP.SU

Программирование на PHP, MySQL и другие веб-технологии
PHP.SU Портал     На главную страницу форума Главная     Помощь Помощь     Поиск Поиск     Поиск Яндекс Поиск Яндекс     Вакансии  Пользователи Пользователи

Страниц (5): « 1 2 3 4 [5]

> Найдено сообщений: 64
ShuvaL Отправлено: 22 Сентября, 2010 - 21:12:15 • Тема: затупил с if else • Форум: Программирование на PHP

Ответов: 2
Просмотров: 260
PHP:
скопировать код в буфер обмена
  1. if (isset $doc_dir) { echo"(Тут ты выводишь свою ссылку и картинку без скобок конечно)"} esle {}

Как то так.
(Добавление)
Упс извиняюсь не заметил что у тебя printf
В таком случае тебе надо предопределить переменную перед выводм не ругаися строго если что не так, но я думаю можно так сделать:
PHP:
скопировать код в буфер обмена
  1. if (isset $doc_dir) {$downlink = "<a href='%s'><div style='font-size:10px'><img src='img/floppy.png'><i>Скачать</i>";} else {}
  2. do
  3. {
  4. $r = intval($r);
  5. <table  class='lesson' align='center'>
  6. <tr>
  7.           <td class='date'>%s</td>
  8.                                          <td class='date' align='right' valign='center'>
  9.                                          
  10.                                          
  11.                                          
  12.                                          
  13.                                         $downlink
  14.                                          
  15.                                          
  16.                                          
  17.                                          
  18.                                          
  19.                                          <a href='view_print_doc.php?id=%s'>
  20.                                          <img src='img/printer2.png'><i>Версия для печати</i></div>
  21.                                          </td>
  22.  
  23.                        </tr>
  24.                        <tr>
  25.         <td class='view_title' width='35px'>
  26.                  <img src='img/doc.gif'></td>
  27.                 <td> <a href='view_doc.php?id=%s'>%s</td>
  28. </tr>
  29.                 </table><hr color='#A2C8EA'>
  30.                 "
  31.                  ,$myrow["date"], $myrow["doc_dir"], $myrow["id"], $myrow["id"], $myrow["title"] );
  32.  
  33. }
  34. while ($myrow = mysql_fetch_array($result));
  35. }
  36. else
  37. {
  38. echo "<p>В таблице нет записей.</p>";
  39. exit();
  40. }
  41.           ?>
ShuvaL Отправлено: 22 Сентября, 2010 - 21:02:40 • Тема: помощь в написании сайта • Форум: SQL и Архитектура БД

Ответов: 74
Просмотров: 266
saymmi пишет:
ну лан.нет так нет. еще вопрос(в поисковиках искал!) как сделать например стоб при наведении на кнопку вылезала подсказака не ввиде ссылки а ввиде строки...которую я хочу. например кнопка удалить, чтоб высвечивалось не "delete.php " а "Удалить ". Если нельзя этого сделать только средствами PHP(без явы и др.) Просто ответте НЕТ.

jQuery + CSS тебе в помошь!
ShuvaL Отправлено: 21 Сентября, 2010 - 21:04:41 • Тема: Проблема при работе с базой данных • Форум: SQL и Архитектура БД

Ответов: 5
Просмотров: 25
Сделал теперь:
Warning: mysql_query() [function.mysql-query]: Access denied for user 'ODBC'@'localhost' (using password: NO) in X:\home\localhost\www\myblog-php\index.php on line 5

Warning: mysql_query() [function.mysql-query]: A link to the server could not be established in X:\home\localhost\www\myblog-php\index.php on line 5

Запрос к базе данных на вывод информации не произошел! Пожалуйста, Напишите об этом администратору на www8829@yandex.ru



Код ошибки:Access denied for user 'ODBC'@'localhost' (using password: NO)
ShuvaL Отправлено: 20 Сентября, 2010 - 20:32:03 • Тема: Проблема при работе с базой данных • Форум: SQL и Архитектура БД

Ответов: 5
Просмотров: 25
Здравствуйте товарищи!

Помогите пожалуйста, у меня такая проблема:
Работаю я в денвере на локальном хосте. Готовый рабочий сайт пахал как конь но в один прекрасный момент выдал мне

Warning: mysql_query(): supplied argument is not a valid MySQL-Link resource in X:\home\localhost\www\myblog-php\index.php on line 5

хотя я не менял код, вот исходники:

Cтраница:
PHP:
скопировать код в буфер обмена
  1. <?PHP
  2. $n = 1;
  3. $m = 3;
  4. include ("blocks/bd.php");
  5. $result = mysql_query ("SELECT * FROM settings  WHERE page=index ", $db);
  6. if (!$result)
  7. {
  8. echo "<p>Запрос к базе данных на вывод информации не произошел! Пожалуйста, Напишите об этом администратору на www8829@yandex.ru<BR></p> <BR> <strong>Код ошибки:</strong>";   
  9. }
  10.  
  11. if (mysql_num_rows ($result) > 0)
  12. {
  13. $myrow = mysql_fetch_array ($result);
  14. }
  15.  
  16. else
  17. {
  18.         echo "<p> Информация по запросу к базе данных не может быть получена - в таблице нет записей. Пожалуйста, Напишите об этом администратору на www8829@yandex.ru<BR></p>";
  19.         exit ();
  20.         } echo mysql_error();
  21.  ?>


Блок bd.php:

PHP:
скопировать код в буфер обмена
  1. <? $db = mysql_connect ("localhost","Логин","Пароль" );
  2. mysql_select_db ("phpblog", $db) ?>


Dreamweaver синтаксических не нашел, я в полной затерянности.

Заранее спасибо.

Страниц (5): « 1 2 3 4 [5]
Powered by PHP  Powered By MySQL  Powered by Nginx  Valid CSS  RSS

 
Powered by ExBB FM 1.0 RC1. InvisionExBB