Форумы портала PHP.SU :: Версия для печати

Warning: Cannot use a scalar value as an array in /home/admin/public_html/forum/include/fm.class.php on line 757

Warning: Invalid argument supplied for foreach() in /home/admin/public_html/forum/include/fm.class.php on line 770
Форумы портала PHP.SU :: Версия для печати :: ошибка Resource id #

Форумы портала PHP.SU » » Если скрипт не работает » ошибка Resource id #

Страниц (1): [1]

1. MisterX_ - 13 Марта, 2012 - 11:01:46 - перейти к сообщению

$result = mysql_query("SELECT COUNT(*) FROM TABLE");
$result=mysql_fetch_array($result);

В лучшем случае получаю значение Array, в худшем Resource id #6
и так для всех значений, которые я пытаюсь вытянуть из базы

2. OrmaJever - 13 Марта, 2012 - 11:13:12 - перейти к сообщению

Ну Array это не значение это тип такой.

PHP:
скопировать код в буфер обмена

$result = mysql_query("SELECT COUNT(*) FROM TABLE");
 $res=mysql_fetch_array($result);
print_r($result);

3. MisterX_ - 13 Марта, 2012 - 14:42:49 - перейти к сообщению

Нет, так я пробовал изначально - не помогает

про тип я знаю - просто работаю с C# и БД Оракл, сейчас учу пхп - тут свои примочки )

помогло так:

PHP:
скопировать код в буфер обмена

 
$result = mysql_query("SELECT COUNT(*) as kol FROM TABLE WHERE visio='$visio'");
$mainrow=mysql_fetch_assoc($result);
$thetext=$mainrow["kol"];
 

4. OrmaJever - 13 Марта, 2012 - 14:48:30 - перейти к сообщению

ой я ошибся в имени переменой.
Надо было выводить $res.

PHP:
скопировать код в буфер обмена

$result = mysql_query("SELECT COUNT(*) FROM TABLE");
$res=mysql_fetch_array($result);
print_r($res);

5. MisterX_ - 13 Марта, 2012 - 14:54:13 - перейти к сообщению

В любом случае, спасибо Вам за ответы Радость

Нажать "Спасибо" не могу пока - пишет, недостаточно сообщений...