Форумы портала PHP.SU :: Версия для печати :: вывод на экран изображения

Warning: Cannot use a scalar value as an array in /home/admin/public_html/forum/include/fm.class.php on line 757

Warning: Invalid argument supplied for foreach() in /home/admin/public_html/forum/include/fm.class.php on line 770
Форумы портала PHP.SU :: Версия для печати :: вывод на экран изображения

Форумы портала PHP.SU » » Вопросы новичков » вывод на экран изображения

Страниц (1): [1]

1. imediasun2 - 17 Января, 2013 - 16:07:54 - перейти к сообщению

Что тут не правильно, почему изображение не выводится?

PHP:
скопировать код в буфер обмена

 
$filename = "adv1.jpg";
if (isset($filename)){
$load_path= $_SERVER["DOCUMENT_ROOT"]."/img/";  
$img=imagecreatefromjpeg($filename);
echo $img;
}
 

2. Мелкий - 17 Января, 2013 - 16:36:01 - перейти к сообщению

А кто вам сказал, что вообще должно?
imagecreatefromjpeg возвращает ресурс, для echo не предназначенный.

3. imediasun2 - 17 Января, 2013 - 16:44:44 - перейти к сообщению

а как тогда вывести в

CODE (html):
скопировать код в буфер обмена

<img src="<?=$img_creat;?>">

PHP:
скопировать код в буфер обмена

 
$filename = "adv1.jpg";
$load_path= "../img/";
$img_create=imagecreatefromjpeg($load_path.$filename);

4. Мелкий - 17 Января, 2013 - 17:31:06 - перейти к сообщению

file_get_contents

Но в img всё равно должен быть адрес, по которому браузер может загрузить изображение, а не бинарник изображения.